Problemas y ejercicios de ajedrez

sábado, 30 de julio de 2011

Problema de ajedrez 265: Estudio de A. Kuryshkin (1930)

Problema número 265 en problemas de ajedrez

BLANCAS JUEGAN Y GANAN

Estudio artístico de ajedrez compuesto en 1930 por A. Kuryshkin.
Interesante estudio en el que las blancas para imponerse deben, además de crear amenazas, parar las amenazas negras.
Tema: Rey encerrado.

[FEN="8/K7/1R6/kN6/rRr5/8/7p/8 w - - 0 1"]

Fin del problema ejercicio de ajedrez

14 comentarios:

Pablo Sussi dijo...

La primer jugada parece obvia
1.Tb1 parando al peón y amenazando Ta6++
a)......Tcb4
para que el rey pueda tomar al caballo, pero sorpresa
2.Cd4 y otra vez la misma amenaza
2....Txb6 parece que soluciona todo
3.Tb5+!...Txb5
4.Cc6++
b).....tab4
2.Cd6 otra vez amenazando el mismo mate y a su vez tomar en c4 con jaque,
si 2.....Txb6
3.Cxc4+ y luego Cxb6

Si2...Txb1
3Cxc4+ y luego Txb1

2... Tc7+
3.Cb7+ ...Txb7
4.Txb7

CER dijo...

22 de agosto de 2007

La solución es:

1. Tb1 Tab4 [1. ... Tcb4 2. Cd4! Txb6 3. Tb5+!! Txb5 4. Cc6 mate]2. Cd6 Tc7+ [2. ... Txb6 3. Cxc4+ Ra4 4. Rxb6 +-; 2. ... Txb1 3. Cxc4+ Ra4 4. Txb1 +-] 3. Cb7+ Txb7+ 4. Txb7 Txb7+ 5. Rxb7 +-

Atentamente,

CER

Marcelo dijo...

Cc3 y T4b5 mate o Ta6 mate.

CER dijo...

22 de agosto de 2007

Marcelo, esa variante falla por la réplica siguiente:

1. Cc3 Tc7+ 2. Tb7 Txb4 3. Txc7 Th4! y el peón corona. -+

Atentamente,

CER

bergarabat4 dijo...

mate en tres con:
1. Txa4+...Txa4
2. Cc3... abandona
si 2....Tb4 Ta6++
si cualquier otra Tb5++

Pepelu dijo...

Bergarabat4, has omitido que tras 1. Txa4+ las negras pueden jugar 1..., Rxa4 con lo que las opciones de mate desaparecen.

Marcelo dijo...

CER eres un pokito ingenuo con tu "refutacion"...
voy a tener que aclarar las variantes.

1.Cc3 (amenazando mate en b5 y mate en a6) Hasta aquí todo claro y como tu bien dices la mejor variante parece ser ...Tc7+.
2.Tb7
Si ...Txb7 3.Tb7 Tb4 (única) 4.Th7 cepillándose el peón gracias al paseito del caballo (si Tb2 Th4...).
Si ...Txb4 (como has dicho tu), 3.Txc7 Th4 4.Tb7¡ volviendo a la amenaza en b5 mate, por lo que única Tb4 y 5.Th7 repitiéndose la variante anterior.

Lo que no me queda tan claro es que se gane ese finalito, por lo que debe haber variantes mejores.

Marcelo dijo...

Creo que el que vuelve a pecar de ingenuo soy yo... se me escapó una variante muy sencilla. Os lo dejo a vosotros.

Pepelu dijo...

Cierto Marcelo, se te escapó 4..., Th5 por lo que como señaló CER el peón negro acaba coronando llegándose a las tablas:

1. Cc3?, Tc7+
2. Tb7, Txb4
3. Txc7, Th4
4. Tb7, Th5
5. Tb1, h1=D
6. Txh1, Txh1

Pepelu dijo...

Tanto Pablo Sussi como CER han dado la solución correcta. Mi felicitación para ambos.

Repetiré la solución por tercera vez añadiendo algún comentario:

1. Tb1

Parando las amenzas negras y amenazando mate con Ta6++.

Si 1. Tb2 simplemente se responde 1..., Tab4! y no hay forma de evitar las tablas. Por ejemplo: 2. Ta2+, Ta4; 3. Txh2, Rb4+! ó 2. Txh2, Th4; 3. Ta2+, Ta4; 4. Tb2, Th7+.

1..., Tcb4

Si 1..., Tab4; 2. Cd6!, Tc7+ (si 2..., Txb1 ó 2..., Txb6 entonces sigue 3. Cxc4+) 3. Cb7+, Txb7+; 4. Txb7.

2. Cd4!, Txb6
3. Tb5+!, Txb5
4. Cc6++

Pepelu dijo...

Joaquim, aquí tienes el estudio para que comentes la existencia del dual que has comentado.

Joaquim dijo...

Pepelu. Te adjunto las variantes en las que he incluido los duales encontrados. Espero estar en lo cierto.

1.Tb1

[1.Tb2? Tab4 2.Ta2+ (2.Txh2 Th4 3.Ta2+ Ta4 4.Tb2 Th7+=) 2...Ta4 3.Txh2 Rb4+=]

1...Tcb4!

[=1...Tab4 Parece que este final está lleno de duales. 2.Cd6 (2.Ta1+ Y esta otra también creo que gana. 2...Ta4 3.Cd6! Txa1 4.Cxc4+ Ra4 5.Ta6+ ganando) 2...Tc7+ 3.Cb7+ Txb7+ 4.Txb7 ganando (4.Rxb7? Txb6+ 5.Txb6 h1D+) 4...Txb7+ 5.Rxb7 ganando; =1...Tc6 Y otra... 2.Cc3 Txb6 3.Txb6 h1D (3...Tb4 4.Ta6#) 4.Tb5#]

2.Cd4

[2.Cc3! Y este otra jugada, tan buena como la principal, pero quizás menos rutilante, me parece un dual ya considerable. 2...Txb6 (2...h1D 3.Ta6#; 2...Txb1 3.Txb1 Tb4 4.Ta1+ Ta4 5.Txa4#) 3.Txb6 Tb4 (3...h1D 4.Tb5#) 4.Ta6#]

2...Txb6
3.Tb5+! Txb5
4.Cc6#
Quizás el autor se dio cuenta de tanto dual y, con posteriridad, confeccionó un nuevo final, pero con el peón h2 en f2, que no he analizado, pero que supongo evitará dichos duales.

Joaquim dijo...

Pepelu:
Voy a importunarte de nuevo:
1) El 140 de Lazard, creo que pertenece a J.Louma, publicado en Patrie Suisse 1935, según me consta en los archivos.
2) El 30 de Borichenko, también creo que pertenece a V.Vinichenko, 1982.
3) Y por último, el 46 de Kuznetsov creo que tiene dos duales en la línia principal.
¿Subes también este último o lo dejamos como está?
Saludos.

Vix dijo...
Este comentario ha sido eliminado por el autor.


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